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10 problemas Sangaku con triángulos
Ricard Peiró i Estruch Enero 2009
Introducción Los Sangaku son unas tablas de madera con enunciados de problemas de geometría euclídea creados en Japón en el período Edo 1603-1867. En este período Japón estaba aislado de occidente. Estas tablas estaban expuestas en los templos budistas.
Los 10 problemas escogidos pertenecen a tablas de la prefectura de Nagano y su temática principal son triángulos. Los problemas son de distinto grado de complejidad y de una gran belleza de colores y formas.
Enunciados Problema 1 La siguiente figura está formada por 1 triángulo equilátero y 3 cuadrados iguales. El lado del triángulo equilátero es a. Calcular el lado del cuadrado.
Problema 2 ∆
Sea el triángulo isósceles ABC , AB = AC . Sea la circunferencia inscrita de centro O 1 y radio r1 . Sean D, E los puntos de tangencia de la circunferencia inscrita y los lados AB, AC del triángulo. Sea la ∆
circunferencia inscrita al triángulo ADE de centro O 2 y radio r2 . Consideremos la circunferencia de centro O 3 y radio r3 . Determinar el valor de r2 en términos de r3 .
Problema 3 ∆
En el triángulo rectángulo ABC , B = 90 º , se han inscrito los cuadrados P, Q, R, S, T (ver figura). Si los lados de los cuadrados S, T son a, b, respectivamente, calcular el lado del cuadrado P.
A T R
P Q B
Problema 4 ∆
El rombo BDEF está inscrito en el triángulo ABC sea r el radio de la ∆
circunferencia inscrita al triángulo AFE y s el radio de la circunferencia ∆
inscrita al triángulo DCE . Determinar r en función de s y de los lados a, c. Problema 5 ∆
En el triángulo rectángulo ABC , C = 90 º , sea CD la altura sobre la hipotenusa. Sean conocidos los catetos del triángulo. Determinar los radios de las ∆
∆
circunferencias inscritas a los triángulos rectángulos ADC , BCD .
S C
Problema 6 ∆
Sea el triángulo rectángulo ABC , B = 90 º . Sea D un punto de la hipotenusa AC . Sea r1 el radio de la circunferencia inscrita al ∆
triángulo ABD y r2 el radio de la circunferencia inscrita al triángulo ∆
BCD . Determinar el radio r1 en función de r2 y de los catetos a = BC y c = AB .
Problema 7 ∆
Dado el triángulo rectángulo ABC , A = 90 º , tal que los ∆
∆
triángulos ADE , DAF , y el rectángulo HCGI tienen la misma área. Si x = FH = GE , determinar x en función de los catetos ∆
del triángulo rectángulo ABC .
Problema 8 En la siguiente figura el triángulo es isósceles y está inscrito en una circunferencia de radio R. Hay 4 circunferencias iguales de radio r y una circunferencia más pequeña de radio s. Calcular los radios de las circunferencias r y s en función de R radio de la circunferencia mayor.
Problema 9 ∆
Sea el triángulo isósceles ABC , AB = AC = a constante. Sea la circunferencia inscrita de centro O 1 y radio r1 . Una circunferencia de centro O 2 y radio r2 es tangente a los lados del triángulo AB, AC y tangente exterior al la circunferencia anterior. As í se construyen n circunferencias. Si n es constante y x = BC variable. Para que valor de x el radio rn es m áximo.
Problema 10 ∆
Sea el triángulo ABC cualquiera y r el radio de la circunferencia inscrita y h a .la altura sobre el lado BC . ∆
A
∆
Las circunferencias inscritas a los triángulos ABD , ADC tienen el mismo radio r1 . Determinar r1 en términos de r y h a . B
D
C
Soluciones Problema 1
La siguiente figura está formada por 1 triángulo equilátero y 3 cuadrados iguales. El lado del triángulo equilátero es a. Calcular el lado del cuadrado. Solución: ∆
Sea el triángulo equilátero ABC de lado a. Sea x = DE = BD lado del cuadrado. ∠EDF = 30º . Entonces, DF = 3 x .
( ) Entonces, x = (2 − 3 )a .
a = 2x + 3 x = 2 + 3 x .
Problema 2
∆
Sea el triángulo isósceles ABC , AB = AC . Sea la circunferencia inscrita de centro O 1 y radio r1 . Sean D, E los puntos de tangencia de la circunferencia inscrita y los lados AB, AC del ∆
triángulo. Sea la circunferencia inscrita al triángulo ADE de centro O 2 y radio r2 . Consideremos la circunferencia de centro O 3 y radio r3 . Determinar el valor de r2 en términos de r3 . Solución: Sea H el punto medio del lado BC . Sea M el punto medio del segmento DE . Sea α = ∠DAM = ∠ MDO 1 Aplicando razones trigonométricas al triángulo rectángulo ∆
MDO1 : DM = r1 cos α . Por tanto, DE = 2r1 cos α . MO 1 = r1 sin α Aplicando razones trigonométricas al triángulo rectángulo ∆
ADO1 : r1 r , AD = 1 . sin α tgα Entonces, r AM = AO1 − MO 1 = 1 − r1 sin α . sin α AO1 =
∆
Calculando el área del triángulo ADE : 1 1 r cos α S ADE = DE ⋅ AM = 2r1 cos α ⋅ 1 − r1 sin α = r12 − sin α cos α . 2 2 sin α sin α
(
)
1 1 1 2r 2AD + DE r2 = 1 + 2r1 cos α r2 = r1r2 + cos α . 2 2 tg α tgα Igualando las áreas: 1 2 cos α r1 − sin α cos α = r1r2 + cos α . Simplificando: sin α tgα S ADE =
cos α cos α r1 − sin α cos α = r2 + cos α . sin α sin α Despejando r2 :
cos α − sin2 α cos α 1 − sin 2 α r1 = r1 = (1 − sin α )r1 . cos α + sin α cos α 1 + sin α Entonces, r2 = (1 − sin α )r1 = r1 − MO 1 . r2 =
∆
Entonces, el centro de la circunferencia inscrita al triángulo ADE pertenece a la ∆
circunferencia inscrita al triángulo ABC . Entonces, r2 = 2r3 .
Problema 3
A T R ∆
En el triángulo rectángulo ABC , B = 90 º , se han inscrito los cuadrados P, Q, R, S, T (ver figura). Si los lados de los cuadrados S, T son a, b, respectivamente, calcular el lado del cuadrado P.
P Q
S C
B
Solución: Sea x el lado del cuadrado P. Sea y el lado del cuadrado Q. Sea z el lado del cuadrado R.
A L J
∆
∆
K
Los triángulos rectángulos DEF , FGH son semejantes. Aplicando el teorema de Tales: a y = . Entonces, y 2 = ax (1) y−a x− y ∆
F
G
∆
Los triángulos rectángulos FGH , HIJ son semejantes. Aplicando el teorema de Tales: y x−z = . Entonces, z = x − y (2) x−y z ∆
H I
D E B
∆
Los triángulos rectángulos JKL , HIJ son semejantes. Aplicando el teorema de Tales: x − z z −b = . Entonces, b(x − z) = z( z − b ) (3) z b Sustituyendo la expresión (2) en la expresión (3): b(x − x − y ) = (x − y )(x − y − b ) . y 2 − 2 xy + x 2 − bx = 0 . Resolviendo la ecuación en la incógnita y: y = x − bx Igualando las expresiones (1) y (4):
(
)
2
(4)
ax = x − bx . Resolviendo la ecuación en la incógnita x: x = a + b + 2 ab .
C
Problema 4
∆
El rombo BDEF está inscrito en el triángulo ABC sea r el radio de ∆
la circunferencia inscrita al triángulo AFE y s el radio de la ∆
circunferencia inscrita al triángulo DCE . Determinar r en función de s y de los lados a, c. Solución: Sea x = BD = BF el lado del rombo. ∆
∆
Los triángulos AFE , DCE son semejantes aplicando el teorema de Tales: r x x = , entonces, r = s (1) s a−x a− x ∆
∆
Los triángulos AFE , ABC son semejantes aplicando el teorema de Tales: x c ac = , entonces, x = (2) a c−x a+ c Sustituyendo la expresión (2) en la expresión (1) y simplificando: cs r= . a
Problema 5
∆
En el triángulo rectángulo ABC , C = 90 º , sea CD la altura sobre la hipotenusa. Sean conocidos los catetos del triángulo. Determinar los radios de las ∆
∆
circunferencias inscritas a los triángulos rectángulos ADC , BCD . Solución: Sean los catetos a = BC , b = AC ∆
Sean r, s los radios de les circunferencias inscritas a los triángulos rectángulos ADC , ∆
BCD , respectivamente. ∆
Aplicando el teorema del cateto al triángulo rectángulo ABC : b2 a2 b 2 = AH ⋅ c , entonces, AH = . a 2 = BH ⋅ c , entonces, BH = . a2 + b2 a2 + b2 El radio de la circunferencia inscrita a un triángulo rectángulo es igual al semiperímetro menos la hipotenusa, entonces: b2 ab b+ + − b a 2 + b 2 + b 2 + ab AC + AD + CD a 2 + b2 a2 + b 2 r= − AC , r = −b = . 2 2 2 a2 + b2 Análogamente, s =
− a a 2 + b 2 + a 2 + ab 2 a 2 + b2
.
Problema 6
∆
Sea el triángulo rectángulo ABC , B = 90 º . Sea D un punto de la hipotenusa AC . Sea r1 el radio de la circunferencia inscrita al ∆
triángulo ABD y r2 el radio de la circunferencia inscrita al triángulo ∆
BCD . Determinar el radio r1 en función de r2 y de los catetos a = BC y c = AB .
Solución: Sea O 1 el centro de la circunferencia inscrita ∆
al triángulo ABD de radio r1 . Sea O 2 el centro de la circunferencia inscrita ∆
al triángulo BCD de radio r2 . Consideremos la circunferencia inscrita al ∆
triángulo ABC de centro I y radio r. Sea D, E los puntos de tangencia de la ∆
circunferencia inscrita al triángulo ABC y los lados a, c respectivamente. Sea M el punto de tangencia de la ∆
circunferencia inscrita al triángulo ABD y el lado c. ∆
Sea N el punto de tangencia de la circunferencia inscrita al triángulo BCD y el lado a. ∆
∆
Los triángulos AMO 1 , AEI son semejantes, aplicando el teorema de Tales: r (c − r ) r (c − r ) AM r1 = . Entonces, AM = 1 . BM = c − 1 c−r r r r ∆
(1)
∆
Los triángulos CNO 2 , CDI son semejantes, aplicando el teorema de Tales: r (a − r ) r (a − r ) CN r2 = . Entonces, CN = 2 . BN = a − 2 a −r r r r
(2)
∆
Consideremos el triángulo rectángulo BLK , L = 90 º tal que la circunferencia de centro O 2 y radio r2 es inscrita al triángulo. Sea J el punto de tangencia del lado KL y la circunferencia. BK = BN + KJ . ∆
Aplicando el teorema de Pitágoras al triángulo rectángulo BLK :
(BN + KJ) = (BN + r ) + (KJ + r ) . Despejando KJ . (BN + r )r KJ = 2
2
2
2
2
2
2
BN − r2 Sustituyendo la expresión (1) en la expresión (3): r (ar − ar2 + 2r2 r ) KJ = 2 a(r − r2 ) ∆
(3)
(4)
∆
Los triángulos BMO 1 , KJO 2 son semejantes aplicando el teorema de Tales: BM KJ = r1 r2
(5)
Sustituyendo las expresiones (1) (4) en la expresión (5): cr − r1(c − r ) r2 (ar − ar2 + 2r2 r ) a(r − r2 ) r = . r1 r2 Simplificando: ac r 2 − rr1 − rr2 + r2 r1 = 2r 2 r2 r1 (6) Despejando r1
(
r1 =
)
(
ac r 2 − rr2
)
(7) 2r r2 + ac (r − r2 ) El radio de la circunferencia inscrita del triángulo rectángulo es igual al semiperímetro menos la hipotenusa: 2
a + c + a2 + c 2 a + c − a2 + c 2 − a2 + c2 = (8) 2 2 Sustituyendo la expresión (8) en la expresión (7) y simplificando: ac a + c − 2r2 − a 2 + c 2 . r1 = 2 ac − 2r2 a 2 + c 2 r=
Problema 7
∆
Dado el triángulo rectángulo ABC , A = 90 º , tal que los ∆
∆
triángulos ADE , DAF , y el rectángulo HCGI tienen la misma área. Si x = FH = GE , determinar x en función de los catetos ∆
del triángulo rectángulo ABC . Solución: Sea a = BC , b = AC . ∆
∆
Si los triángulos ADE , DAF tienen la misma área, entonces, BF = ∆
El área del triángulo ADE es S ADE =
ab . 8
a b − x , CG = − x . 2 2 El área del rectángulo HCGI es: a b SHXGI = − x − x , S HXGI = S ADE . Entonces: 2 2 a b ab . Resolviendo la ecuación en la incógnita x: − x − x = 2 2 8 HC =
x=
a + b − a 2 + b2 . 4
1 1 a , AE = b . 2 2
Problema 8
En la siguiente figura el triángulo es isósceles y está inscrito en una circunferencia de radio R. Hay 4 circunferencias iguales de radio r y una circunferencia más pequeña de radio s. Calcular los radios de las circunferencias r y s en función de R radio de la circunferencia mayor. Solución: ∆
Sea el triángulo isósceles ABC a = BC , b = AB = AC . Sea h = AD altura del triángulo. Sea OE = R − 2r . ∆
Aplicando el teorema de Pitágoras al triángulo rectángulo AEO : b R − 2r = R − 2
2
2
∆
(1) ∆
Los triángulos AGC i ABD son semejantes, aplicando el b h b2 teorema de Tales: = , entonces, h = 2R b 2R (2) a 2 2 2 = (2R ) − b , entonces, a = b ( 2R) 2 − b 2 (3) b 2R R ∆
Consideremos el triángulo rectángulo ACD y la circunferencia inscrita de radio r. a h + −b 2 Entonces, r = (4) 2 Sustituyendo las expresiones (2), (3) en la expresión (4): b2 b 2r = + (2R )2 − b 2 − b (5) 2R 2R Sustituyendo la expresión (5) en la expresión (1): 2 b2 b b 2 2 2 R− + (2R) − b − b = R − (6) 2 2R 2R Elevando al cuadrado y simplificando: 2b 2 − 2Rb − 3R 2 = 0 . Resolviendo la ecuación en la incógnita b:
1+ 7 R 2 Sustituyendo la expresión (7) en la expresión (1) b=
(7)
1+ 7 R − 2r = R − R 4
2
2
Entonces, 2r = R − R
8 −2 7 5− 7 , r= R. 16 8 2
1+ 7 R 2 2 b = 4 − 7 R, h + 2s = 2R . Entonces, 2s = 2R − h = 2R − = 2R − 2R 2R 4 4− 7 entonces, s = R. 8
Problema 9
∆
Sea el triángulo isósceles ABC , AB = AC = a constante. Sea la circunferencia inscrita de centro O 1 y radio r1 . Una circunferencia de centro O 2 y radio r2 es tangente a los lados del triángulo AB, AC y tangente exterior al la circunferencia anterior. As í se construyen n circunferencias. Si n es constante y x = BC variable. Para que valor de x el radio rn es m áximo. Solución: Sea H el punto medio del lado BC . ∆
Sea D el punto de tangencia de la circunferencia inscrita al triángulo ABC y el lado AC . Sean E, F les tangentes de las otras circunferencias. Consideremos la recta tangente a las dos primeras circunferencias que cortan el lado AB en el punto K. Sea J la proyección de K sobre el lado BC . 2a + x x AD = , CH = CD = 2 2 2
x AH = a − . 2 Aplicando el teorema de Pitágoras al triángulo rectángulo 2
∆
AO1D : 2
2 2 a 2 − x − r = r 2 + 2a + x . 1 1 2 2
Entonces, r1 =
x 2a − x
(1)
2 2a + x
KL = DE BC − KL x − DE DE x + DE BJ = = , LC = KB = CD + = . 2 2 2 2 ∆
Aplicando el teorema de Pitágoras al triángulo KJB : 2
2
x − DE x + DE 2 2 + (2r1 ) = 2 .
4r12 (2) x Sea h la altura sobre el lado BC del triángulo r2 AE AD − DE . = = r1 AD AD r2 h − 2r1 h − 2r1 − 2r2 r3 = = = r1 h h − 2r1 r2 Entonces: r2 r3 r4 r AD − DE (3) = = = .... = n = r1 r2 r3 rn−1 AD
Entonces, DE =
2a − x AD − DE x (2a − x ) x(2a − x ) 2a − x 2 = = = = 2 2 2 2a + x AD 2a − x 4r1 x( 2a − x ) − 8r1 x(2a − x ) − x(2a − x ) − 8 2 x 2(2a + x )
Multiplicando las n-1 primeras igualdades de (3): rn 2a − x = r1 2a + x
n −1
n−1
n−1
n−
1
x 2a − x 2a − x x 2a − x 2 2a − x rn = r1 = = . 2 2a + x 2a + x 2 2a + x 2a + x Calculemos la derivada de rn respecto de la variable x:
d(rn ) 1 2a − x = dx 2 2a + x
n−
1 2
+
x 1 2a − x n − 2 2 2a + x
d(rn ) 1 = 0 , si − x 2 − 4an − x + 4a 2 = 0 dx 2 Resolviendo la ecuación: x = (2n − 1) 2 + 4 − (2n − 1)a .
n−
3 2
− 4a 1 2a − x = 2 2 2a + x (2a + x )
1 x 2 − 4a n − x + 4a 2 2 (2a − x )(2a + x )
n −1 −
Problema 10
A ∆
Sea el triángulo ABC cualquiera y r el radio de la circunferencia inscrita y h a .la altura sobre el lado BC . ∆
∆
Las circunferencias inscritas a los triángulos ABD , ADC tienen el mismo radio r1 . B Determinar r1 en términos de r y h a .
C
D
Solución: Veamos primero la relación entre el radio de una circunferencia inscrita a un triángulo y la altura. A Sea p el semiperímetro. Igualando les fórmulas de las áreas: ah pr = p(p − a )(p − b )(p − c ) , = p(p − a)(p − b)(p − c ) . 2 I 2 p(p − a )(p − b )(p − c ) (p − a)(p − b)(p − c ) Entonces, r = , ha = . p a Sea T el punto de tangencia de la circunferencia inscrita y el lado B H T BC . B r C r BT = p − b , CT = p − c ,. tg = , tg = . 2 p −b 2 p −c 2
(p − a)(p − b)(p − c ) p
B C r p−a a 2r a ⋅ tg = = = 1− . 1− = 1+ = 1− . 2 2 (p − a)(p − b) p p ha p 2 p(p − a)(p − b)(p − c ) a 2r B C Entonces, 1 − = tg ⋅ tg (1) ha 2 2 2
tg
∆
Aplicando la propiedad anterior al triángulo ABD 2r B ∠ BDA 1 − 1 = tg tg (2) ha 2 2
C
∆
Aplicando la propiedad anterior al triángulo ADC 2r C ∠ ADC 1 − 1 = tg tg (3) ha 2 2 Sustituyendo las expresiones (2) (3) en la expresión (1): 2r 2r 1− 1 1− 1 2r ha ha 1− = ⋅ ∠BDA ∠ADC ha tg tg 2 2 BDA ADC Como que tg ∠ ⋅ tg ∠ = 1, 2 2 2
2r 2r 1− = 1 − 1 . Despejando la incógnita r1 : ha ha h a − h a − 2rh a 2
r1 =
2
.
Bibliografía. García Capitán, F. (2003) Problemas San Gaku. 2003. Se puede descargar en: http://garciacapitan.auna.com/problemas/sangaku1/libro.pdf Eiichi Ito y otros. Japanese Temple Mathematical problems, in Nagano Pref. Japan. 2003.
Direcciones: http://www.wasan.jp/english/ Página japonesa sobre Sangaku. http://mathworld.wolfram.com/SangakuProblem.html Enciclopedia Mathworld. Entrada SangakuProblem http://www.cut-the-knot.org/pythagoras/Sangaku.shtml Applets con problemas Sangaku. http://www.mfdabbs.pwp.blueyonder.co.uk/Maths_Pages/SketchPad_Files/Japanese_ Temple_Geometry_Problems/Japanese_Temple_Geometry.html Applets con problemas Sangaku. http://www.arrakis.es/~mcj/sangaku.htm
Páginas de la Gacetilla matemática. Se pueden encontrar las demostraciones de algunos teoremas Sangaku. http://agutie.homestead.com/files/sangaku2.html Página d’Antonio Gutiérrez. Problemas de Geometría.